logo

Tengsizliklarni isbotlashning ba’zi usullari

Yuklangan vaqt:

12.08.2023

Ko'chirishlar soni:

0

Hajmi:

985.625 KB
Tengsizliklarni isbotlashning ba’zi usullari
MUNDARIJA
Kirish ………………………………………………………………………………3
I-BOB. SONLI TENGSIZLIKLAR
          1.1-§. Sonli tengsizliklar va ularning umumiy xossalari  ………………… 5
       1.2- § .   Sonli tengsizliklarga doir olimpiada misollar isboti ……………..7
II-BOB. O’RTA QIYMATLAR VA ULAR O’RTASIDAGI MUNOSABATLAR
2.1-§. O’rta qiymatlar orasidagi munosabatlarning  geometrik ma’noda isbotlari ..9
2.2- § . Koshi tengsizligi va uning turli xil isbotlari  ……..…………………...……22
2.3- § .Koshi tengsizligi yordamida olimpiada tengsizliklarini yechish…………….29
III-BOB. KOSHI-SHVARS TENGSIZLIGI VA NOSTANDART TENGSIZLIKLAR
              3.1-§.Koshi –Shvars tengsizligi va uning turli isbotlari ………………………..35
              3.2-§. Koshi –Shvars tengsizligi yordamida olimpiada masalalarini yechish…….39
              3.3-§.Nostandart tengsizliklar va ularning turli xil isbotlari…….44
              3.4-$.Mustaqil yechish uchun masalalar……………………………….
XULOSA …………………………………………………………………….…...46
Foydalanilgan adabiyotlar ro‘yxat …………….………………………………….52
1 Kirish
                     Masalaning dolzarbligi . Ushbu malakaviy bitiruv ishi   tengsizliklar va     
                ularning turli xil isbotlarini o’rganish bilan bag’ishlanadi . Tengsizliklarni 
                isbotlashning yangi samarali usullari va ularni qo’llanishiga doir turli 
                matematik olimpiadalardagi masalalar keltirilgan. 
                Umumiy o’rta ta’lim maktablari, akademik litseylar va kasb–hunar
                kollejlarining iqtidorli o’quvchilari, matematika fani o’qituvchilari hamda
                pedagogika oliy o’quv yurtlari talabalari uchun mo’ljallangan. 
                         Qo’llanmadan sinfdan tashqari mashg’ulotlarda, o’quvchilarni turli 
matematik                
                        musobaqalarga tayyorlash jarayonida foydalanish mumkin.
Masalaning   qo'yilishi .   Malakaviy   bitiruv   ishida   Sonli   tengsizliklar   va   ularning
umumiy   xossalari   va   ularga   oida   olimpiada   tengsizliklari   yechimlaridan   namunalar   ,O’rta
qiymatlar va ular orasidagi bir nechta munosabatlar va Koshi tengsizligi uning isboti va unga
oid   bir   nechta   murakkab   olimpiada   masalalari   .Koshi-Shvars   tengsizligi   va   uning   turli   xil
isbotlari   hamda   unga   oid   bir   nechta   murrakkab   masalalarni   yechib   ko’rish     va   nostandart
masalalalarning qo’yilishi va ularni turli yo’llar bilan hal etish masalari qo’yilgan. 
       Ishning maqsad va vazifalari: 
Malakaviy   bitiruv   ishining   maqsad   va   vazifalari   tengsizliklarni   klasifikatsiya   qilish
turli   tengsizliklarni   bir   nechta   isbotlarini   keltirish   va   maktab   darsliklaridagi   olimpiada
tengsizliklarini  bir nechta isbotlrini keltirish va larga doir bir nechta missollardan namunalar
keltirib yechish.
2 Ilmiy   tadqiqot   usullari.   Ushbu   bitiruv   malakaviy   ishini   bajarish   jarayonida
tengsizliklarni klasifikatsiyalashning zamonaviy usullaridan keng ma'noda foydalanildi.
Ishning   ilmiy   ahamiyati.   Bu   ishda   olingan     nazariy   va   amaliy   bilimlardan
o’quvchilarni va talabalarni olimpiadaga tayyorlashda  foydalanish mumkin.
Ishning   amaliy   ahamiyati.   Bu   ishda   jamlangan   materiallardan   doir   amaliy
masalalarda olimpiada tengsizliklarini yechishda keng ko’lamda foydalanish mumkin.
Ishning   tuzilishi.   Bitiruv   ishi   kirish   qismi,   uchta   bob,   sakkizta   paragrafdan   iborat.
Shunigdek ishning oxirida xulosa va foydanilgan adabiyotlar ro’yxati keltirilgan.
Malakaviy   bitiruv   ishining   birinchi   bobida   tengsizliklarning   asosiy   tushunchalaridan
bo’lgan sonli tengsizliklar  haqida umumiy tushunchalar keltirilgan.
Malakaviy   bitiruv  ishining  ikkinchi  bobida    O’rta   qiymatlarning  asosiy  tengsizliklari
hamda turli xil masalalarning isbotlari keltirilgan .
Malakaviy bitiruv ishining uchinchi bobida Koshi-Shvars tengsizligi va uning turli xil
isbotlari   keltirilgan .  
1$.Sonli Te ngsizlik lar haqida  .
        .
3                Tarif :  Agar ayirma musbat son bo’lsa ,  a  soni   sondan katta deyiladi va 
bu munosabatda   shaklda yoziladi .   ayirma manfiy bo’lsa   a  soni   
sonidan kichik deyiladi va   shaklda yoziladi .
           Istalagn   va   sonlar uchun quyidagi uchta munosabatdan faqat biri 
o’rinli 
               1.  ;
               2.   ;
               3. 
Sonli t e ngsizlik lar quyidagi xossalarga e ga :
             .  Agar   va   bo’lsa   bo’ladi  .
             .Agar   va   bo’lsa   bo’ladi ;
             . Agar   va   bo’lsa   bo’ladi ;
             Agar   va   bo’lsa   bo’ladi ;
              Agar   va   bo’lsa   bo’ladi .
              Agar   va   bo’lsa   bo’ladi ;
       .   va   bo’lsa   bo’ladi  
       . 
       . 
             Haqiqiy  sonning moduli:   a  haqiqiy sonning moduli   orqali belgilanadi 
va quyidagicha ifodalanadi.
4   geometrik nuqtai nazardan   0   nuqtadan  a sonini tasvirlovchi nuqtagacha 
bo’lgan masofadir.
Haqiqiy  sonning moduli xossalari:
           .  ,  ifoda qiymati nolga teng   da.
           . .
           . .
           .
          
         Te ore ma:   a va b haqiqiy sonlar uchun quyidagi tensizlik 
doim o’rinli bo’ladi .
.
    I sbot .  Berilgan tengsizlikni isbotlash uchun tengsizlikni har ikkala tarafini qavs 
kvadratga oshiramiz   .
ushbu tengsizlikda quyidagi xulosaga kelamiz   bu tengsizlik tabiyki doim 
o’rinli.
Haqiqiy   sonlari uchun   ning umumiy ko’rinishi
5 Bu tengsizlikni ham shunday yoki induksiya metodi yordamida ham isbotlash 
mumkin.
1.2-$   Sonli t e ngsizlik larga doir olimpiada masalalari isbot i .
1.1-misol.   Istalgan a,b  va  c
 sonlari uchun  2 a 2
+ b 2
+ c 2
≥ 2 a ( b + c )
 ekanligini isbotlang.
Yechilishi. Istalgan  a , b
 va  c
 sonlari uchun 	
( 2 a 2
+ b 2
+ c 2	)
− 2 a ( b + c )
 ayirmani manfiy 
emasligini ko'rsatamiz:	
(2a2+b2+c2)−2a(b+c)	¿
Istalgan sonning kvadrati nomanfiy son bo'lgani uchun  ¿
 va 	
¿ . Demak,	
(
2 a 2
+ b 2
+ c 2	)
− 2 a ( b + c )
 istalgan 	a,b  va 	c  sonlari uchun manfiy emas. Shuning uchun 
berilgan tengsizlik istalgan 	
a,b  va 	c  sonlari uchun o'rinli. Jumladan, tenglik belgisi	
a=b=	c
 bo'lgandagina bajariladi. 	Δ
Tengsizlikning to'g'riligini ko'rsatish uchun uning har ikkala qismining ayirmasini 
musbat yoki manfiyligini aniqlash, ya'ni 1-misoldagidek ta'rifdan foydalanib 
isbotlashga harakat qilish ayrim hollarda juda qiyin bo'ladi. Shuning uchun 
tengsizliklarni isbotlashda tengsizliklarning xossalaridan foydalaniladi.
1.2.Misol  	
|x2+2x|+|x2−4|>2|x2+x−2| tengsizlikning   barcha   butun   yechimlari
yig’indisini toping. 
Y echish : Berilgan tengsizlikni 
  	
|x2+2x|+|x2−4|>|2x2+2x−4|       
ko’rnishda yozib olsak, 	
a=	x2+2x  va 	b=	x2−	4  belgilashlarga ko’ra ushbu 	
|a|+|b|>|a+b|
ko’rinishga   keladi.  	
|a|+|b|>|a+b| har   ikkala   qismini   kvadratga   ko’tarib,
soddalashtirishlarni bajarganimizdan so’ng quyidagi munosabatga ega bo’lamiz: 
6 (|a|+|b|)2>(|a+b|)2→	a2+2|ab	|+b2>a2+2ab	+b2→	→|ab	|>ab	. 
Oxirgi munosabat esa faqat 	
ab	<0 bo’lganda o’rinli bo’ladi (O’ylang!). U holda 	
(x2+2x)(x2−	4)<0
tengsizlikni yechsak, 	
(x2+2x)(x2−	4)<0→	x(x−	2)(x+2)2<0→	0<x<2
kelib   chiqadi.   Demak,   x   ning   butun
qiymatlari yig’indisi 1 ga teng. 
   
       
2-$.O’RTA CHA  QI Y MA TLA R VA  ULA R ORA SI DA GI  MUNOSA BA TLA R .
   .
           musbat sonlar ketma ketligi.
      O’rt a A rif me t ik  qiymat        .
     O’rt a Ge ome t rik  qiy mat        . 
      O’rt a Kvadrat ik  qiy mat        
     O’rt a Garmonik  qiymat        
7      Xususiy hollarda   va   sonlar uchun bu o’rta qiymatlar quyidagicha bo’ladi ;
 ;  ;  ;  .
2.   O’rt a arif me t ik  va  O’rt a ge ome t rik  qiymatlar haqidagi  K oshi t e ngsizligi  va 
uning isboti va unga doir turli xil masalalar isbotlari .
I sbot (2.1.)   Bizga malumki   da   tengsizligimiz o’rinli .Quyidagi tenglikga
etiborimizni qaratamiz    
tenglik o’rinlidir .
 ushbu tengsizlikga ko’ra 
 ushbu 
ifodadan kelib chiqadiki ,  ekanligi .
               va  tenglik faqat va faqat 
tenglik  bo’lganda bajariladi .
                          
Klassik  t engsizlik larning geomet rik  ma’nosi
2.1.misol       M   nuqta  O   markazli aylanadan tashqarida yotibdi.  OM   to‘g‘ri chiziq 
aylanani  A   va  B   nuqtalarda kesib o‘tadi.  M   nuqtadan o‘tuvchi to‘g‘ri chiziq aylanaga 
C   nuqtada urinadi. H   nuqta —  C   nuqtaning  AB   dagi proyeksiyasi,  AB   ga  O   nuqtada 
o‘tkazilgan perpendikulyar aylanani  P   nuqtada kesib o‘tadi.  MA   =a  va  MB   =b   ekani 
ma’lum.  MO ,  MC ,  MH ,  MP   larni toping va o‘sish tartibida yozing.
Y echish :  Aniqlik uchun a<b    deb qabul qilib olamiz .
8 O   nuqta —  AB   kesmaning o‘rtasi, shuning uchun:     
.
Urinma va kesuvchi haqidagi teoremaga asosan:
CH   —bu  OCM   to‘g‘ri burchakli uchburchakning to‘g‘ri burchagi uchidan tushirilgan 
balandligi,shuning uchun 
MOP to’g’ri burchakli uchburchak uchun Pifagor teoremasi qo’llab,quyidagini 
topishimiz mumkin:
MH   kesma —  MC   gipotenuzali  MCH   to‘g‘ri burchakli uchburchakning kateti, shuning
uchun 
9 MH  <MC
MC   kesma —  MO   gipotenuzali  MOC   to‘g‘ri burchakli uchburchakning kateti, 
shuning uchun
MC  <  MO
MO   kesma —  MP   gipotenuzali  MOP   to‘g‘ri burchakli uchburchakning kateti, shuning
uchun
MO  <  MP
Ya’ni,  MH  <  MC <  MO  <  MP , yoki
2.2.misol       Asoslari BC=a    va AD=b    bo‘lgan teng yonli trapetsiyaga aylana
ichki chizilgan. H   nuqta — B   uchning AD   dagi proyeksiyasi, P   nuqta — H nuqtaning 
AB  dagi proyeksiyasi bo‘lsin.  F nuqta BH    kesmada yotsin, bunda FH=AH. AB, BH,  ,????????????
   kesmalarni toping va o‘sish tartibida yozing.
Y echish :  Aniqlik uchun a<b    deb qabul qilib olamiz .
10 Agar to‘rtburchakka ichki aylana chizilgan bo‘lsa, bu to‘rtburchakning qarama-
qarshi tomonlari
yig‘indisi teng, shuning uchun AB+CD=BC+AD=a+b yon tomonlar esa AB=CD, unda 
2AB=a+b demak  .??????
  nuqta— ABCD   trapetsiyaga ichki chizilgan r radiusli aylananing markazi , M esa
—aylananing   AB     yon tomon bilan urinish nuqtasi bo‘lsin. U holda
????????????
  kesma—	??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning to‘g‘ri burchagi uchidan 
tushirilgan balandligi, shuning uchun :
Bundan kelib chiqadiki: .	
????????????
  kesma—	??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning to‘g‘ri burchagi uchidan 
tushirilgan balandligi, shuning uchun:
11 ????????????????????????  trapetsiyaning teng yonli ekanidan,
??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchak uchun Pifagor teoremasidan topish mumkin-
ki
????????????
  kesma—	????????????   gipotenuzali 	??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning kateti, shuning 
uchun               
????????????  <  ????????????	
????????????
  kesma—	????????????   gipotenuzali 	??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning kateti, shuning 
uchun
????????????  <  ????????????	
????????????
  kesma—	????????????   gipotenuzali 	??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning kateti, shuning 
uchun
????????????   =  ????????????  <  ????????????
Bundan kelib chiqadi-ki,  ????????????  <  ????????????  <  ????????????  <  ???????????? , yoki
Masala  № 3 .  ????????????????????????   trapetsiyaning  ????????????   va  ????????????   asoslari  ??????   va  ??????   ga teng.  Asoslarga 
parallel to‘rtta to‘g‘ri chiziq o‘tkazildi. Birinchi to‘g‘ri chiziq yon tomonlarning 
o‘rtalaridan, ikkinchisi trapetsiyaning diagonallari kesishgan nuqtadan o‘tadi. 
Uchinchisi trapetsiyani ikkita o‘xshash trapetsiyaga, to‘rtinchisi—ikkita tengdosh 
12 trapetsiyaga ajratadi. Bu to‘g‘ri chiziqlarning trapetsiya ajratgan kesmalarining 
uzunliklarini toping va o‘sish tartibida joylashtiring.
Y echish.   Aniqlik uchun  ????????????   =  ??????  <  ??????   =  ????????????   deb qabul qilib olamiz .??????
  va 	??????   —trapetsiya yon tomonlarining o‘rtalari bo‘lsin. U holda 	????????????   —uning o‘rta 
chizig‘i, bundan ma’lumki,
Trapetsiyaning asoslariga parallel va diagonallari kesishgan 	
??????   nuqtadan o‘tuvchi 
to‘g‘ri chiziq     va 	
????????????   yon tomonlarni mos ravishda 	??????   va 	??????   nuqtalarda kesib o‘tsin.	
??????????????????
  uchburchak 	??????????????????   uchburchakka o‘xshash va o‘xshashlik koeffitsiyenti
13 ga teng.  ??????????????????   uchburchak esa  ??????????????????   uchburchakka o‘xshash va o‘xshashlik 
koeffitsiyenti
ga teng. Demak,
xuddi shu singari ,
Bundan kelib chiqadi-ki,
Trapetsiyaning asoslariga parallel va  ????????????   va  ????????????   yon tomonlarini mos ravishda ??????   va	
??????
  nuqtalarda kesib o‘tuvchi to‘g‘ri chiziq uni o‘zaro o‘xshash  ????????????????????????   va  ????????????????????????  
trapetsiyalarga ajratsin.
14 U holda             demak   bundan kelib chiqadi 
Trapetsiyaning asoslariga parallel va  ????????????   va  ????????????   yon tomonlarini mos ravishda  ??????   va
??????   nuqtalarda kesib o‘tuvchi to‘g‘ri chiziq uni o‘zaro tengdosh  ????????????????????????   va  ????????????????????????  
trapetsiyalarga ajratsin.
????????????   =   ??????   deb belgilaymiz. Agar  ????????????   va  ????????????   to‘g‘ri chiziqlar  ??????   nuqtada kesishsa, u holda
??????????????????   uchburchak  ??????????????????   uchburchakka o‘xshash va o‘xshashlik koeffitsiyenti.
15 ga,  ??????????????????   uchburchak  ??????????????????   uchburchakka o‘xshash va o‘xshashlik koeffitsiyenti
ga teng.    deb belgilaymiz. U holda
                                        ,                 
                               
      U holda         
Demak                              
Chizmadan ma’lum-ki, kichik asosga eng yaqini— ????????????   kesma, keyin esa  ???????????? ,  ????????????   va 
???????????? .
Bunga mos tengsizlik esa quyidagi ko‘rinishda bo‘ladi:
16 Masala  № 4.   ??????   nuqta  ????????????   kesmada yotibdi, bunda  ????????????   =  ?????? ,  ????????????   =  ?????? .  ????????????   kesmaga  ??????  
nuqtadan
va  ????????????   kesmaning o‘rtasi bo‘lgan  ??????   nuqtadan o‘tkazilgan perpendikulyarlar  ????????????  
diametrli yarimaylanani
mos ravishda  ??????   va  ??????   nuqtalarda kesib o‘tadi.  ????????????   kesma— ??????????????????   to‘g‘ri burchakli
uchburchakning balandligi.  ???????????? ,  ???????????? ,  ????????????   va  ????????????   larni toping hamda o‘sish tartibida 
yozing.
Yechish.  Aniqlik uchun  ??????  <  ??????   deb qabul qilib olamiz.
??????   nuqta— ????????????   kemaning o‘rtasi, shuning uchun
17 ????????????   kesma— ??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning to‘g‘ri burchagi uchidan 
tushirilgan balandligi,shuning uchun
????????????   kesma— ??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning to‘g‘ri burchagi uchidan 
tushirilgan balandligi,shuning uchun
??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchak uchun Pifagor teoremasidan
ekani ma’lum. ????????????   kesma— ????????????   gipotenuzali  ??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning
kateti, shuning uchun
????????????  <  ????????????
????????????   kesma— ????????????   gipotenuzali  ??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning kateti, 
shuning uchun
????????????  <  ????????????
????????????   kesma— ????????????   gipotenuzali  ??????????????????   to‘g‘ri burchakli uchburchakning kateti, 
shuning uchun
????????????   =  ????????????  <  ????????????
Bundan kelib chiqadi-ki,  ????????????  <  ????????????  <  ????????????  <  ???????????? , yoki
18 2.2-$.   KOSHI  TEN GSIZLIGIN IN G TURLI  X IL MISOLLA RGA  TA DBIQLA RI.
2.1-misol.  Aytaylik,  , ,  sonlari musbat haqiqiy sonlar bo’lsin .Quyidagi
ifodaning eng kichik qiymatini toping :
.
Y ECHI M:   bo’lsa   K oshi t e ngsizligiga  ko’ra      
har doim o’rinli .
Demak yuqoridagi ifoda uchun quyidagicha tengsizlikni yozishimiz mumkin .
Demak yuqoridagi natijaga ko’ra    ga teng ekan .
2.2-misol.  Barcha   nomanfiy sonlar uchun quyidagi tengsizlikni isbotlang .
Y ECHI M:
ko’rinishida yozvolamiz.So’ng   dan foydalanamiz.
19  ekanligi kelib chiqadi .
2.3-misol.  Aytaylik    sonlari musbat haqiqiy sonlar bo’lsin. U holda ushbu 
Tengsizlikni isbotlang .
Y ECHI M:  Berilgan tengsizligimizni isbotlash uchun quyidagicha almashtirishlar 
olsak     , va bizda quyidagi   tenglamalar 
sistemasi xosil bo’ladi biz uni   ga nisbatan yechib olsak 
   ; ;  . yuqoridagi tengsizligimiz quyidagi 
ko’rinishga keladi  .
Endi    ekanligini isbotlaymiz Buning uchun
 ekanligidan .
 ko’rinishga keladi 
Koshi tengsizligiga ko’ra   tengsizlik doim o’rinli .Demeka tengsizlik
   
isbotlandi .
20 2 . 4-misol . Agar   va   bo’lsa   ni 
isbotlang .
Y ECHI M:  Quyidagicha o’zgartirish kiritib olaylik :
K oshi t e ngsizligidan  foydalanamiz .
 tengsizlik isbotlandi.
2.5-misol  Musbat   sonlari uchun   tengsizlikni 
isbotlang .
Y ECHI M:   Tengsizlikni shakl almashtiramiz va  K oshi t e ngsizligidan  foydalanamiz 
Koshi tengsizligiga ko’ra  ; ;  tengsizliklarni hadma-had 
qo’shsak   ekanligi isbotlanadi .
2.6-misol . x>−1,y>−1  va 	z>−1  bo'lsin.	
S=	1+x2	
1+y+z2+	1+y2	
1+z+x2+	1+z2	
1+x+y2≥2 tengsizlikni isbotlang.	 	
¿	
1+x2	
1+y+z2≥	1+x2	
1+¿y∨+z2 tengsizlik yordamida	 x,y va	 z ning manfiy	 ¿
bo'lmagan qiymatlarini qarash etarli.
21 S=	1+z+x2	
1+y+z2+1+x+y2	
1+z+x2+1+y+z2	
1+x+y2−(	
z	
1+y+z2+	x	
1+z+x2+	y	
1+x+y2)≥	
≥33
√
1+z+x2	
1+y+z2⋅1+x+y2	
1+z+x2⋅1+y+z2	
1+x+y2−(	
z	
1+y+z2+	x	
1+z+x2+	y	
1+x+y2)≥	
≥3−(	
z	
1+y+z2+	x	
1+z+x2+	y	
1+x+y2).Endi  S
1 = z
1 + y + z 2 + x
1 + z + x 2 + y
1 + x + y 2 ≤ 1
 ekanligini isbotlaymiz. 
x=0   holni qaraymiz. U 
holda. Demak, 	
xyz	=0  da  S
1 ≤ 1
.
xyz ≠ 0
 holda
S
1 = 1	
(
x + 1
x	) + z
x + 1	(
z + 1
z	) + y
z + 1	(
y + 1
y	) + x
y ≤ 1
2 + z
x + 1
2 + y
z + 1
2 + x
y	
x
y=	a,y
z=b
 va  z
x = c
 deb belgilab olamiz. 	abc	=1  va  S
1 = 1
2 + a + 1
2 + b + 1
2 + c
ekanligi ravshan.  U holda
1
2 + a + 1
2 + b + 1
2 + c = ( 2 + b ) ( 2 + c ) + ( 2 + a ) ( 2 + c ) + ( 2 + a ) ( 2 + b )
( 2 + a ) ( 2 + b ) ( 2 + c ) = ¿ = 12 + 4 ( a + b + c ) + ( ab + bc + ac )
8 + 4 ( a + b + c ) + 2 ( ab + bc + ac ) + abc ≤
≤ 12 + 4 ( a + b + c ) + ( ab + bc + ac )
8 + 4 ( a + b + c ) + ( ab + bc + ac ) + 3 3	
√
a 2
b 2
c 2
+ abc = 12 + 4 ( a + b + c ) + ( ab + bc + ac )
12 + 4 ( a + b + c ) + ( ab + bc + ac ) = 1.
Demak, 	
S1≤1 .
2.7-misol .   (Albaniya -2004) Musbat 	
a,b,c  sonlarning ko'paytmasi birga teng bo'lsa,
1	
√
a + 1
b + 0,64 + 1	√
b + 1
c + 0,64 + 1	√
c + 1
a + 0,64 ≥ 1,2
tengsizlikni isbotlang.
Yechim :
O'rta arifmetik va o'rta geometrik miqdorlar haqidagi Koshi tengsizligini quyidagi 
usulda qo'llaymiz:
22 0,6	
√0,36	(a+1
b+0,64	)
+	0,6	
√0,36	(b+1
c+0,64	)
+	0,6	
√0,36	(c+1
a+0,64	)
≥	
≥1,2	
(	
1	
a+1
b+1
+	1	
b+1
c+1
+	1	
c+1
a+1)
=1,2Chunki
1
a + 1
b + 1 + 1
b + 1
c + 1 + 1
c + 1
a + 1 = 1
ab + b + 1 + 1
bc + c + 1 + 1
ac + a + 1 = ¿ = ac
ac ( ab + b + 1 ) + a
a ( bc + c + 1 ) + 1
ac + a + 1 = ac
a + ac + 1 + a
1 + ac + a + 1
ac + a + 1 = 1
3-$. KOSHI-BUN Y A KOVSKIY -SHVA RTS TEN GSIZLI GI  VA  N OSTA NDA RT
TEN GSIZLIKLA R.
   :
 yoki 
 
 tengsizliklar ixtiyoriy haqiqiy   larda o’rinlidir .
23 I SBOT:   Bizga ma’lumki   da   ekanligi.
U holda quyidagi tengsizliklar sistemasini qarasak.
  Berilgan tengsizliklar sistemasi ham doim o’rinli ekanligidan 
foydalanib ularni hadma-had qo’shsak  va quyidagicha tenglikga ega bo’lamiz .
Bizdag malumki kvadrat uch had doim nomanfiy bo’lsa , kvadrat uch handing
 ekanligidan foydalansak ,
 berilgan 
tengsizligimiz  isbotlanadi.
I SBOT:  Endi yuqoridagi tengsizligimizni yana bir isboti bilan tanishib chiqsak .
Biz quyidagicha vektorlarni kiritib olsak   va
 . Ikkita vektorning skalyar ko’paytmasi mos kordinatalari 
ko’paytmasiga tengligiga ko’ra    kabi yozishimiz 
ham mumkin .
Endi har bir vektorni modulini hisoblab chiqsak 
 ;   .Biz bilamizki ikkira vektor 
orasidagi burchak quyidagi formula yordamida xisoblab topiladi.
24   , va biz quyidagi tengsizlikga egamiz   bunga ko’ra
 tengsizlik ham o’rinlidir.Demak xulosamiz shunday bo’ladiki 
ekanligi isbotlanadi.
I SBOT:   Bizga  a
1 , a
2 , a
3 , … , a
n , b
1 , b
2 , b
3 , … , b
n  lar nolga teng bo'lmagan haqiqiy sonlar 
berilgan bo'lsin.U holda quyidagi tengsizlik o'rinli bo'ladi.(
a
12
+ a
22
+ … + a
n2	)(
b
12
+ b
22
+ … + b
n2	)
≥	( a
1 b
1 + a
2 b
2 + … + a
n b
n	) 2
Tenglik sharti esa,	
a1
b1
=	a2
b2
=	…	=	an
bn
Bu taniqli Koshi-Shvarz tengsizligi.Bu tengsizlikni oddiy usulda isbotlashga harakat 
qilamiz.
Buning uchun quyidagi funksiyani qaraymiz.	
f(x)=(a1−	b1x)2+(a2−	b2x)2+(a3−	b3x)2+…	+(an−	bnx)2
bu funksiyadan ko'rinib turibdiki  ∀ x ∈ R , f ( x ) ≥ 0
 qavslarni ochib chiqsak quyidagicha
kvadrat funksiyaga kelamiz,
f ( x ) =	
( b
1 2
+ b
22
+ … + b
n2	)
x 2
− 2 x	( a
1 b
1 + a
2 b
2 + … + a
n b
n	) +	( a
1 2
+ a
22
+ … + a
n2	)
Demak, shoxlari yuqoriga qaragan parabola  f ( x ) ≥ 0
 bo'lishi uchun uning 
Diskriminati musbat bo'lmasligi kerak.
D = 4	
( a
1 b
1 + a
2 b
2 + … + a
n b
n	) 2
− 4	( a
12
+ a
22
+ … + a
n2	)(
b
12
+ b
22
+ … + b
n2	)
≤ 0
 bundan biz izlayotgan Koshi-
Shvarz tengsizligi kelib chiqadi.  Tenglik sharti 	
f(x0)=	0  da bajariladi.	
f(x0)=	0=(a1−	b1x0)2+(a2−	b2x0)2+…	+(an−bnx0)2
25 tenglik o'rinli bo'lish uchun  a
1 − b
1 x
0 = a
2 − b
2 x
0 = … = a
n − b
n x
0 = 0
 bundan
x
0 = a
1
b
1 = a
2
b
2 = … = a
n
b
n
Isbot tugadi. Endi biz Koshi-Shvarz tengsizligidan o'zimizga qulay bo'lgan , 
tengsizlikni isbotlaymiz.  Biz  a
i  o'rniga ai=	xi	
√yi
(i=1,2	,..n),bi  o'rniga esa 	bi=√yi(i=1,2	,..n)  
Albatta bu yerda 	
yi>0 .  Bundan quyidagi tengsizlik kelib chiqadi.	
x12
y1
+x22
y2
+…	+xn2
yn
≥(x1+x2+…	+xn)2	
y1+y2+…	+yn
Endi bundan ba'zi tengsizliklarni isbotlashda foydalanamiz.
Koshi-Bunyakovskiy-Shvarts tengsizligi xussiy hollarda quyidagicha :
. 
. 
3.2-$.KOSHI-BUN Y A KOVSKIY -SHVA RTS TEN GSIZLIGI  Y ORDA MIDA
MA SA LA LA R Y ECHISH
3.1-misol.  Agar   va   bo’lsa   
tengsizlikni isbotlang .
  I SBOT: K oshi-Buny ak ovsk iy   tengsizligidan foydalanamiz va
 ushbu tengsizlikni quyidagicha yozib olamiz.
26 Berilgan tengsizlik ustida quyidagicha shakl almashtirishlar olib borsak
Berilgan   tengsizilik isbotlandi.
3.2-Misol .(a1+a2+…	+an)2	
a12+a22+…	+an2	≤	a1	
a1+a3
+	a2	
a3+a4
+…	+	an	
a1+a2
tengsizlikni isbotlang, bu yerda  a
k ≥ 0 ( k = 1,2 , … , n )
.
Y echilishi . Koshi-Bunyakovskiy-Shvarts tengsizligiga ko'ra	
(
a
1 + a
2 + … + a
n	) 2
=	(√ a
1
a
1 + a
3 ⋅	√ a
1	( a
1 + a
3	) + … +	√ a
n
a
1 + a
2 ⋅	√ a
n	( a
1 + a
2	)) 2
≤
≤	
( a
1
a
1 + a
3 + a
2
a
3 + a
4 + … + a
n
a
1 + a
2	)( a
1	( a
1 + a
3	) + … a
n	( a
1 + a
2	)) ≤
≥	
( a
1
a
1 + a
3 + a
2
a
3 + a
4 + … + a
n
a
1 + a
2	)( 1
2	( a
12
+ a
22	)
+ 1
2	( a
12
+ a
32	))
+ … + ¿ +	( 1
2	( a
n − 12
+ a
n2	)
+ 1
2	( a
n2
+ a
12	))
+	( 1
2	( a
n2
+ a
12	)
+ 1
2	( a
n2
+ a
22	))
= ¿ =	( a
1
a
1 + a
3 + a
2
a
3 + a
4 + … + a
n
a
1 + a
2	)( 2 a
12
+ + … + 2 a
n2	)
.
3.3-Misol .   Agar  a , b , c
 musbat sonlar va  n , k ∈ N
 bo'lsa, u holda quyidagi
a n + k
b k + b n + k
c k + c n + k
a k ≥ a n
+ b n
+ c n
tengsizlikni isbotlang.  
Y echilishi .   O ' rta   arifmetik   va   o ' rta   geometrik   miqdorlar   haqidagi   Koshi  
tengsizligidan   munosabatga   ko ' ra ,
27 an+k	
bk+…	.+an+k	
bk	⏟	
n	
+bn+bn+…	.+bn	⏟	
k	
≥¿yoki
n ⋅ a n + k
b k + k ⋅ b h
≥ ( n + k ) a n
Xuddi shunday,
n ⋅ b n + k
c k + k c n
≥ ( n + k ) b n
,
n ⋅ c n + k
a k + k ⋅ a n
≥ ( n + k ) c n
tengsizliklarni hosil qilamiz. Bu tengsizliklarni hadma-had qo'shib,
a n + k
b k + b n + k
c k + c n + k
a k ≥ a n
+ b n
+ c n
ni hosil qilamiz.
3.4-Misol .   (Polsha -1991) Haqiqiy 	
x,y,z  sonlar 	x2+y2+z2=	2  shartni qanoatlantirsa,
x + y + z − xyz ≤ 2
 tengsizlikni isbotlang.
Y echilishi:   Masalaning shartidan  ¿ x ∨ ¿	
√ 2 − y 2
− z 2
 va 	yz	≤1  ekanligini ko'rish mumkin.
Koshi-Bunyakovskiy-Shvarts tengsizliginidan quyidagi usulda foydalanib,	
x+y+z−	xyz	=	x(1−	yz	)+y+z≤∨	x∨⋅∨1−	yz	∨+¿y+z∨¿	
¿
munosabatni hosil qilamiz. Endi  ( 1 + yz )	
( 2 − 2 yz + y 2
z 2	)
≤ 2
 ekanligini ko'rsatish yetarli. 
Bu tengsizlikning chap tomonidagi qavslarni ochib ixchamlash natijasida  y 3
z 3
≤ y 2
z 2
 
yoki 	
yz	≤1  ni xosil qilamiz, bundan esa 	x+y+z−	xyz	≤2  tengsizlik isbotlandi.
3.5-Misol  ( Hindiston -2002) Musbat 	
a,b,c  sonlar uchun
a
b + b
c + c
a ≥ c + a
c + b + a + b
a + c + b + c
b + a
28 ekanligini ko'rsating.
Y echilishi :  Tengsizlikni (
a
b−	c+a	
c+b+1)+(
b
c−	a+b	
a+c+1)+(
c
a−	b+c	
b+a+1)≥3  yoki
b 2
+ ac
b ( c + b ) + c 2
+ ab
c ( a + c ) + a 2
+ bc
a ( b + a ) ≥ 3  kurinishda yozamiz.Koshi-Bunyakovskiy-
Shvarts tengsizligini quyidagi usulda qo'llasak,	
b2+ac	
b(c+b)+	c2+ab	
c(a+c)+	a2+bc	
a(a+b)≥(b+c)a	
b(a+c)+b(a+c)	
c(a+b)+c(a+b)	
a(b+c)≥	
≥33
√
(b+c)a	
b(a+c)⋅b(a+c)	
c(a+b)⋅c(a+b)	
a(b+c)=3.
3.2-$.N OSTA NDA RT TEN GSIZLIK LA RVA  ULA RN IN G TURLI  X IL ISBOTLA RI
3.6-Misol .(Kolmogorov kubogi, Rossiya -2004) Musbat 
a,b,c  sonlarning yig'indisi 
birga teng bo'lsa,
( ab + bc + ca )	
( a
b ( b + 1 ) + b
c ( c + 1 ) + c
a ( a + 1 )	) ≥ 3
4
29 tengsizlik o'rinli bo'lishini isbotlang.
Y echilishi :   Bu tengsizlikni chap tomonini  T
 bilan belgilab, umumlashgan 
KoshiBunyakovskiy-Shvarts tengsizligini quyidagicha qo'llaymiz:
T ⋅ ( a ( b + 1 ) + b ( c + 1 ) + c ( a + 1 ) ) ≥ ¿
yoki  T ≥ 1
ab + bc + ca + 1  tengsizlikni va undan
T ≥ 1
ab + bc + ca + 1 ≥ 1
¿ ¿ ¿
munosabatni hosil qilamiz.
a 2
+ b
b + c + b 2
+ c
c + a + c 2
+ a
a + b = a ( 1 − b − c ) + b
b + c + b ( 1 − a − c ) + c
c + a + c ( 1 − a − b ) + a
a + b = ¿ = a + b
b + c − a + b + c
c + a − b + c + a
c + b − c = a + b
b + c + b + c
c + a + c + a
a + b − 1 ≥
≥ 3 3√ a + b
b + c ⋅ b + c
c + a ⋅ c + a
a + b − 1 = 2
3.7-Misol  (Yaponiya -2002) Aytaylik,  n ≥ 3
 va 	
n∈N  da musbat 	a1,a2,…	,an,b1,b2,…	,bn
sonlar quyidagi  a
1 + a
2 + … + a
n = 1 8 a b
12
+ b
22
+ … + b
n2
= 1
 shartlarni
qanoatlantirsin. U holda	
a1(b1+a2)+a2(b2+a3)+…	+an(bn+a1)<1
tengsizlikni isbotlang
Y echilishi:      	
t=	a12+a22+…	+an2  deb belgilab,
a
1 a
2 + a
2 a
3 + … + a
n a
n − 1 + a
n a
1 ≤
≤ a
1 a
2 + a
1 a
3 + a
1 a
4 + … + a
1 a
n + ¿ + a
2 a
3 + a
2 a
4 + … + a
2 a
n + ¿ + a
3 a
4 + … + a
3 a
n + ¿ + … .. + ¿ + a
n − 1 a
n = ¿ = 1
2	
{( a
1 + a
2 + … a
n	) 2
−	( a
12
+ a
22
+ … a
n2	)}
= 1
2 ( 1 − t )
munosabatlarni hosil qilamiz. Bu yerdan 	
t<1  kelib chiqadi.
Koshi-Bunyakovskiy-Shvarts tengsizligini qo'llab,	
(a1b1+a2b2+…	+anbn)2≤(a12+a22+…	+an2)(b12+b22+…	+b22)=t
yoki  a
1 b
1 + a
2 b
2 + … + a
n b
n ≤	
√ t
 tengsizlikni topamiz.  Bundan	
¿
3.8- Misol  (Koreya -2000) Aytaylik, 	
a,b,c,x,y,z  haqiqiy sonlar quyidagi
30 a ≥ b ≥ c > 0 , x ≥ y ≥ z > 0
 shartlarni qanoatlantirsin, u holda
a 2
x 2
( by + cz ) ( bz + cy ) + b 2
y 2
( cz + ax ) ( cx + az ) + c 2
z 2
( ax + by ) ( ay + bx ) ≥ 3
4
tengsizlikni   isbotlang .
Y echilishi :  Berilgan   tengsizlikni   chap   tomonida   turgan   qo ' shiluvchilarni   mos  
ravishda  A,B,C   deb   belgilaymiz .	
¿
Xuddi shunday , 	
B≥2(	
b
a+c)
2	y2	
t2+x2,C	≥2(	
c
a+b)
2	z2	
x2+y2  tengsizliklarni hosil 
qilamiz.Berilgan shartlarga ko'ra
a
b + c ≥ b
c + a ≥ c
a + b , x 2
y 2
+ z 2 ≥ y 2
z 2
+ x 2 ≥ z 2
x 2
+ y 2
munosabatlar o'rinli. Chebishev tengsizligini qo'llasak,
A + B + C ≥ 2 ⋅ 1
3	
{( a
b + c	) 2
+	( b
a + c	) 2
+	( c
a + b	) 2}{
x 2
y 2
+ z 2 + y 2
x 2
+ z 2 + z 2
x 2
+ y 2	} ≥
¿ ¿
Musbat  α , β , γ
 sonlar uchun  α
β + γ + β
γ + α + γ
α + β ≥ 3
2  tengsizlikni isbotlaymiz.	
α+β=	τ,β+γ=	s,γ+α=t
  belgilash kiritib,
α
β + γ + β
γ + α + γ
α + β = τ + t − s
2 s + τ + s − t
2 t + s + t − τ
2 τ = ¿ = 1
2	
( τ
s + t
s + τ
t + s
t + s
τ + t
τ − 3	) ≥ 1
2 ( 2 + 2 + 2 − 3 ) = 3
2
ni hosil qilamiz. Bundan 	
A+B+C≥2⋅1
3⋅1
3⋅(
3
2)
2
⋅3
2=	3
4
Tenglik 	
a=b=	c  va  x = y = z
 bo'lganda bajariladi.
3.8  - misol (XMO -2001)  x
1 , x
2 , … .. x
n  haqiqiy sonlar uchun	
x1	
1+x12+	x2	
1+x12+x22+…	.+	xn	
1+x12+x22+…	+xn2<√n
tengsizlikni isbotlang.
Y echilishi:      Tengsizlikni musbat  x
1 , x
2 , … , x
n  sonlar uchun isbotlash yetarli. 
KoshiBunyakovskiy-Shvarts tengsizligini quyidagi usulda qo'llab,
31 x
1
1 + x
12 + x
2
1 + x
12
+ x
22 + … . + x
n
1 + x
12
+ x
22
+ … + x
n2 < ¿ <√ n	(( x
1
1 + x
12	) 2
+	( x
2
1 + x
1 2
+ x
22	) 2
+ … +	( x
n
1 + x
12
+ … + x
n2	) 2)
munosabatni hosil qilamiz. Bundan	
x12	
(1+x12)2+	x22	
(1+x12+x22)2+..+	xn2	
(1+x12+x22+…	+xn2)2<1
ekanligini ko'rsatsak, yuqoridagi tengsizlik isbotlanadi.
x
k 2	
(
1 + x
12
+ x
22
+ … + x
k2	) ≤ x
k2	(
1 + x
12
+ x
22
+ … + x
k − 12	)(
1 + x
12
+ … + x
k2	) = ¿ = 1
1 + x
12
+ … + x
k − 12 − 1
1 + x
1 2
+ … + x
k2
bo'lgani uchun
∑
k = 1n
❑	
( x
k
1 + x
12
+ … + x
k2	) 2
< 1 − 1
1 + x
12
+ … + x
n2 < 1
3.9  - misol : Bizga a, b, c musbat haqiqiy sonlar berilgan bo'lsin. U holda quyidagi
tengsizlikni isbotlang.
a
b + c + b
a + c + c
b + a ≥ 3
2
Isbot :  Tengsizlikka quyidagicha o'zgartirish kiritsak,	
a
b+c+	b
a+c+	c
b+a=	a2	
ab	+ac	+	b2	
ba	+bc	+	c2	
cb	+ca	≥¿¿
ko'rib turganingizdek keyingi bosqichda Koshi-Shvarz tengsizligidan 
foydalandik.Endi biz tengsizlikni isbotlashimiz uchun
¿ ¿
tengsizlikni isbotlashimiz yetarli. Bu tengsizlikni soddalashtirish natijasida esa	
a2+b2+c2≥ab	+bc	+ca	
¿
ko'rinishga keladi.Bu esa doim o'rinli. Isbot tugadi.(Jumanazarov Xoshim)
32 3.10  - misol : Bizga a va b musbat haqiqiy sonlar berilgan bo'lsa, quyidagi 
tengsizlikni isbotlang.
8( a 4
+ b 4	)
≥ ¿
Isbot : Bunda ham tengsizlikdan quyidagicha foydalanamiz.	
a4+b4=	a4
1+b4
1	≥(a2+b2)2	
2	򨨨
Bunda ham ikkinchi bosqichda Koshi-Shvarz tengsizligidan foydalandik.
3.11  - misol : Agar 	
x,y,z>0  bo'lsa quyidagi tengsizlikni isbotlang.	
2
x+y+	2
z+y+	2
x+z≥	9	
x+y+z
Isbot : Tengsizlikka quyidagicha o'zgaritirish kiritamiz,
¿ ¿
Tenglik sharti esa  x = y = z
 da bajariladi.Isbot tugadi
3.12  - misol : Agar a, b, x, y, z musbat haqiqiy sonlar bo'lsa, Quyidagi tengsizlikni 
isbotlang.
x
ay + bz + y
az + bx + z
ax + by ≥ 3
a + b
Isbot : Bunda ham quyidagicha o'zgartirish kiritamiz.
x
ay + bz + y
az + bx + z
ax + by = x 2
ayx + bzx + y 2
azy + byx + z 2
axz + byz ≥
¿ ¿
Bizga 	
¿  ma'lumligidan foydalanib ketdik. Demak isbot tugadi
3.13  - misol : a, b, c haqiqiy musbat sonlar uchun  abc = 1
 o'rinli bo'lsa, quyidagi 
tengsizlikni isbotlang.
33 1	
a3(b+c)
+	1	
b3(a+c)
+	1	
c3(b+a)
≥3
2Isbot : Koshi-Shvarz tengsizligiga moslab o'zgartirish kiritamiz.
1
a 3
( b + c ) + 1
b 3
( a + c ) + 1
c 3
( b + a ) = 1
a 2
ab + ac + 1
b 2
ab + bc + 1
c 2
ac + bc
Koshi-Shvarz tengsizligi va 	
abc	=1  dan foydalansak,
≥	
( 1
a + 1
b + 1
c	) 2
2 ( ab + bc + ac ) = ¿ ¿ ¿
Isbot tugadi.
3.12  - misol : Agar 	
x,y,z>0  berilgan bo'lsa, quyidagi tengsizlikni isbotlang.	
x	
x+2y+3z+	y	
y+2z+3x+	z	
z+2x+3y≥1
2
Isbot :  Quyidagicha o'gartirish kiritsak,
x
x + 2 y + 3 z + y
y + 2 z + 3 x + z
z + 2 x + 3 y = x 2
x 2
+ 2 yx + 3 zx + y 2
y 2
+ 2 zy + 3 xy + z 2
z 2
+ 2 xz + 3 yz
Koshi-Shvarzga qo'ysak,
x 2
x 2
+ 2 yx + 3 zx + y 2
y 2
+ 2 zy + 3 xy + z 2
z 2
+ 2 xz + 3 yz ≥ ¿ ¿
Endi biz tengsizlikni isbotlashimiz uchun
¿ ¿
ni isbotlashimiz yetarli.Buni soddalashtirishdan esa,	
x2+y2+z2≥xy	+yz	+zx
Bu  3.8  – misol  da ko'rdildi va doim o'rinli.Isbot tugadi.
34 3.4$- MUSTAQIL Y ECHISH UCHUN MASALALAR
1.  a, b, c haqiqiy sonlar uchun quyidagilarni isbotlang.
        (i) 
        (ii) 
        (iii) 
         (iv)   agar   bo’lsa .
  
 2. a, b, c haqiqiy sonlar uchun quyidagi tengsizlikni  isbotlang.
.
   3.   a, b, haqiqiy sonlar uchun   tengsizlik o’rinli bo’lsa  quyidagilarni 
isbotlang.
            (i)   ,
            (ii) 
            (iii) 
35 4.   ( Chexiya va Slovakiya Respublikasi, 2004 yil)  a, b, c, d lar haqiqiy sonlar ,agar 
a+d=b+c bo’lsa 
5.   Agar  ushbu   shartga 
ko’ra 
Tengsizlikni isbotlang.
6.  ( IMO-1996) a, b, c musbat haqiqiy sonlar uchun abc=1 yenglik o’rinli bo’lsa 
tengsizlikni isbotlang.
7.  m va n haqiqiy musbat sonlari uchun   munosabat o’rinli bo’lsa 
tengsizlikni isbotlang.
8.    Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun      tengsizlikni  
isbotlang.
9. Haqiqiy a, b, c >0 sonlar a+b+c=1 shartni qanoatlantirsa√
9 a + 1
  + 	√9b+1   +	√ 9 c + 1
   ≤  6  tengsizlikni  isbotlang.
36 10.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar a 4
+b 4
+c 4
=1 shartni qanoatlantirsa
a+b+c ≤ 1
abc     tengsizlikni  isbotlang.
11.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun     ( 4
b + a
) (4
c+b ) ( 4
a + c
) ≥ 64      tengsizlikni  
isbotlang.
12.  Haqiqiy  a, b >0 sonlar uchun      a
b + 1 +	
b
a+1 +	
1
b+a ≥ 3
2    tengsizlikni  isbotlang.
13.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun      ab
a 2
+ b 2 +	
cb
c2+b2 +	
ac
a2+c2 ≤ 3
2      tengsizlikni  
isbotlang.
14. Haqiqiy  a, b >0 sonlar uchun     a 4
+b 4
+1 ≥  a 2
b+b 2
a+ab  tengsizlikni  isbotlang.
15.  Haqiqiy  a, b,c, x, y, z >0 sonlar     x+y+z=1 shartni qanoatlantirsa
a 2
y + z +	
b2	
x+z + c 2
y + x ≥ ( a + b + c ) 2
2 tengsizlikni isbotlang .
16.  Haqiqiy a, b, c, d >0 sonlar uchun
1
a + 4
b + 9
c + 16
d ≥ 100
a + b + c + d tengsizlikni isbotlang .
17. Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun   1
a + 1
b + 1
c +abc ≥ 4  	
tengsizlikni	isbotlang	.
18.  Haqiqiy a, b, c >1 sonlar uchun  	
log	ab +	log	ca +	log	bc ≥ 3   	tengsizlikni	isbotlang	.
19.   Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun   4	
√
a + b
+ 4	√
c + b
+ 4	√
a + c
≤ a + b + c
2 + 9
4    tengsizlikni isbotlang .
37 20.  Haqiqiy x
1 , x
2 , …. x
10  >0 sonlar uchun  x
1 2
+ x
2 2
+….+ x
10 2≥	2
3x
1 (x
2 + x
3 +…..+x
10 )	
tengsizlikni	isbotlang	.
21.   Haqiqiy  a, b,c, x, y, z >0 sonlar     uchun    a 2
x + b 2
y + c 2
z ≥ ( a + b + c ) 2
x + y + z	
tengsizlikni	isbotlang	.
22.  Haqiqiy  a, b >0 sonlar  a+b ≥ 1 shartni qanoatlantirsa   a 3
+b 3
≥ 1
4	
tengsizlikni	isbotlang	.
23.  Haqiqiy  a, b >0 sonlar   a+b=2 shartni qanoatlantirsa    a 2
a + 1 + b 2
b + 1 ≥ 1	
tengsizlikni	isbotlang	.
23.   Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun   a
a + b  +	
b
b+c+	c
c+a
a2+c2+b2+2ab	+2bc	+2ca	
a2+c2+b2+ab	+bc	+ca	
tengsizlikni	isbotlang	.
24. Haqiqiy a, b, c >1 sonlar a+b+c=6 shartni qanoatlantirsa	
√
a − 1
  + 	√ b − 1
  +	√c−1    ≤  3 tengsizlikni  isbotlang.
25.   Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun   	
1	
c(a2+b2−ab	)  +	
1	
a(c2+b2−cb	)  +	
1	
c(a2+c2−	ac	)   ≤
3
abc tengsizlikni isbotlang .
26.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun    a 3
a 2
+ b 2 +	
b3	
c2+b2 + c 3
c 2
+ d 2 +	
d3	
d2+a2≥a+b+c+d	
2  
tengsizlikni  isbotlang.
38 27.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun   1
a + 1
b + 1
c ≥ 2
a + b + 2
a + c + 2
b + c    tengsizlikni	isbotlang	.
28.   Haqiqiy  a
1 , a
2 ,… a
n , b
1 , b
2 ,… b
n >0  sonlar  uchun  a
1 +a
2 +…+ a
n = b
1 + b
2 +… +b
n  
shartni qanoatlantirsa   
a
1 2
a
1 + b
1 + a
22
a
2 + b
2 +	
…	..+	an2	
an+bn
≥	a1+a2+…	+an	
2  	tengsizlikni	isbotlang	.
23.  Haqiqiy a, b, c, d >0 sonlar uchun  (a 4
+3) (b 4
+3) (c 4
+3) (d 4
+3)  ≥ (a+b+c+d) 4
         	
tengsizlikni	isbotlang
24.   Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun (a 2
b+b 2
c+c 2
a)(ab 2
+bc 2
+ca 2
) ≥ 9a 2
b 2
c 2	
tengsizlikni	isbotlang	.
 
25. Haqiqiy  a, b, x, y, z >0 sonlar     uchun   x
ay + bz  + y
az + bx  + z
ax + by   ≥
3
a + b tengsizlikni isbotlang .
26.  Haqiqiy a, b, c, d >0 sonlar uchun	
a	
b+c+d+	c	
b+a+d+	b	
a+c+d+	d	
b+c+a≥	4
3tengsizlikni	isbotlang	.
27.  Haqiqiy  a
1 , a
2 ,… a
n >0 sonlar uchun  (a
1 +a
2 +…+ a
n )( 1
a
1 + 1
a
2 + … + 1
a
n ) ≥ n 2	
tengsizlikni	isbotlang	.
28.  Haqiqiy a, b, c, d >0 sonlar uchun   a 2
b + b 2
c + c 2
d + d 2
a ≥ a + b + c + d tengsizlikni isbotlang
39 27.  Haqiqiy a, b, c, d >0 sonlar uchun
1
a 4 + 1
4 a 3
b + 1
6 a 2
b 2 + 1
4 b 3
a + 1
b 4 ≥ 25
( a + b ) 4 tengsizlikni isbotlang .
28. Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun    a 2
a 2
+ 2 bc + b 2
2 ca + b 2 +c2	
c2+2ab	≥1 tengsizlikni  
isbotlang.
30.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun   	
a4+b4	
a3+b3 +	
c4+b4	
c3+b3+a4+c4	
a3+c3≥a+b+c tengsizlikni  
isbotlang.
31.   Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun     abc  ≥  (a+b-c)(b+c-a)(c+a-b)     tengsizlikni  
isbotlang.
32.  Haqiqiy a, b >0 sonlar a+b=1 shartni qanoatlantirsa a 8
+b 8	
≥
  1
128           
tengsizlikni  isbotlang.
33.  Haqiqiy a, b >0 sonlar   a+b=1 shartni qanoatlantirsa (a+
1
a ) 2
+ (b+ 1
b ) 2
≥
  25
2  
tengsizlikni  isbotlang.
34.  Haqiqiy a
1 , a
2 ,… a
n >0 sonlar a
1 +a
2 +… +a
n  =1 shartni qanoatlantirsa (a
1 +	
1
a1 ) 2
+
(a
2 + 1
a
2 ) 2
+……+(a
n + 1
a
n ) 2
 	
≥   ( n 2
+ 1 ) 2
n  tengsizlikni  isbotlang.
40 35. Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun     6a 2
+4b 2
+5c 2
  ≥
5ab+7ac+3bc   tengsizlikni  
isbotlang.
36.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchburchak tomonlari bo’lsa     1	
b+c−a+¿  	1	
a+c−b+¿
1
b + a − c ≥
   1
b + 1
c + 1
a          tengsizlikni  isbotlang.
37.  Haqiqiy a, b, c, d>0 sonlar  abcd=1 shartni qanoatnlantirsa 
a 2
+b 2
+c 2
+d 2
+ab+bc+ca+da+db+dc	
≥10        tengsizlikni  isbotlang.
39 ] Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun    (a+ 1
b − 1
 ) (b+ 1
c − 1
 ) (c+	
1
a−1  )  ≤ ( 1 + abc
2	
√ abc ) 3
 
tengsizlikni  isbotlang.
40.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar a+b+c=1 shartni qanoatlantirsa (1+	
1
a  ) (1+ 1
b  ) (1+ 1
c  )
≥ 64
tengsizlikni  isbotlang.
41.   Haqiqiy a
1 , a
2 ,… a
n >0 sonlar uchun      a
1
a
2  +  a
2
a
3  +…. +  a
n − 1
a
1  	
≥n        tengsizlikni  
isbotlang.
42.   Haqiqiy a, b, c, d ,e >0 sonlar uchun    (  a
b ¿ ¿ 4
+ ¿
    tengsizlikni  isbotlang.
43.   Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun      1
a + 1
b + 1
c ≥ 1	
√
ab + 1	√
bc + 1	√
ca      tengsizlikni  
isbotlang.
41 44.  Haqiqiy a
1 , a
2 ,… a
n >0 sonlar uchun  a
1 k
+ … + a
n k
n ≥ ( a
1 + … + a
n
n ) k
         tengsizlikni  
isbotlang.
45.  Haqiqiy a
1 , a
2 ,… a
n , b
1 , b
2 ,… b
n  >0 sonlar uchun  √ a
1 + a
2 + … + a
n	
√b1+b2+…	+bn≥√a1b1+√a2b2+…	√anbn
tengsizlikni  isbotlang.
46. Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun    	
∑	a2	
(a+b)(a+c)   	≥	3
4      tengsizlikni  isbotlang.
47.   Haqiqiy a, b, c, k >0 sonlar uchun    a
b + b
c + c
a ≥ a + k
b + k + b + k
c + k + c + k
a + k      tengsizlikni  
isbotlang.
48. Haqiqiy a, b, c, d>0 sonlar uchun      a 2
b + b 2
c + c 2
d + d 2
a ≥ a + b + c + d
    tengsizlikni  
isbotlang.
49  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun   	
∑	(2a	
b+c)
23≥3        tengsizlikni  isbotlang.
50.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar abc=8 shartni qanoatlantirsa   	
∑	a2	
√(1+a3)(1+b3)
≥4
3     
tengsizlikni  isbotlang.
51.  [ Cauchy-Schvarz ineqality] Haqiqiy a
1 , a
2 ,… a
n , b
1 , b
2 ,… b
n   sonlar uchun (	
a12+a22+…	+an2¿(b12+b22+…	+bn2)≥(a1b1+a2b2+…	+anbn)2
tengsizlikni  isbotlang.
42 52.  [AM-GM inequality] Haqiqiy a
1 , a
2 ,… a
n≥0   sonlar uchun   	a1+a2+…	+an	
n	≥n√a1…	an
tengsizlikni  isbotlang.
53.     Haqiqiy a
1 , a
2 ,… a
n , b
1 , b
2 ,… b
n  >0 sonlar uchun  	
∑i=1
n	ai
bi2≥	1	
a1+..+an
(∑i=1
n	ai
bi
)
2
tengsizlikni  isbotlang.
55.  Haqiqiy a, b, c >1 sonlar  1
a + 1
b + 1
c = 1
 shartni qanoatlsntirsa  	
√ a + b + c
  ≥	
√
a − 1 +	√ b − 1 +	√ c − 1
      tengsizlikni  isbotlang.
56.  Haqiqiy a, b, c, d >0 sonlar uchun     	
a
b+c+	b
c+d+	c
d+a+	d
a+b≥2      tengsizlikni  
isbotlang.
57.   Haqiqiy  1>a, b, c >0 sonlar uchun     	
3√abc	+3√(1−a)(1−	b)(1−c)   	≤1   tengsizlikni  
isbotlang.
58.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun   	
a	
√a2+8bc	
+¿  	b	
√b2+8ac	
+¿     c	
√
c 2
+ 8 ba ≥ 1
      
tengsizlikni  isbotlang.
59.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar a+b+c=1 shartni qanoatlantirsa     1	
≥24	abc	+a3+b3+c3   
tengsizlikni  isbotlang.
60.   Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun    	
a2
27	+	b2
64	+	c2
125	≥(a+b+c)2	
63  tengsizlikni  isbotlang.
43 61.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun    
∑ a 2
+ b 2
a + b   ≥ a + b + c
   tengsizlikni  isbotlang.
62.  Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun    
∑ a
a + 2 b ≥ 1
     tengsizlikni  isbotlang.
63 .Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchuna
b+1+	b
c+1+	c
a+1≥	3(a+b+c)	
3+a+b+c     tengsizlikni  
isbotlang.
64.  Haqiqiy a, b, c, d, e, f >0 sonlar uchun  	
a
b+c+	b
c+d+	c
d+e+	d
e+	f+	e
f+a+	f
a+b≥3     
tengsizlikni  isbotlang.
65.    Haqiqiy a, b, c >0 sonlar uchun      1
a + 1
4 b + 1
4 c ≥ 4
a + b + c     tengsizlikni  isbotlang.
                             
44 XULOSA
Tengsizliklarni   isbot   qilishda   m а kt а b   d а rslikl а rid а   v а   olimpi а d а l а rd а   uchr а ydig а n
а sosiy   tengsizlikl а r   yechilish   usull а rig а   nisb а t а n   kv а lifikatsiyalanadi.   Har   bir   yechilish
usuliga oid turli qiyinchilikdagi  misollar yechib kursatiladi.
Ushbu     Malakaviy   bitiruv   ishida   sonli   tengsizliklar,   o’rta   qiymatlar   orasidagi
munosabatlar va nostandart tengsizliklarni yechish usullari atroflicha o’rganilgan.
Malakaviy bitiruv ishida maktab darsliklaarida uchraydigan olimpiada masalalaridan
bir nechtasi isbotlab ko’rsatilgan   va asosiy tengsiliklar o’rganilgan.
Maktab olimpiadasida uchraydigan bir nechta masala yechib ko’rsatildi.
Malakaviy   bitiruv   ishi   kirish   qismi,   uchta   bob   va   sakkizta     paragraf,   xulosa   va
foydalanilgan adabiyotlar ro’yxatidan iborat.
45 Foy dalanilgan adabiy ot lar
1.Hojoo Lee. Topics in Inequalities-Theorems and Techniques. Seoul: 2004. 
2.   Andreescu   T.,   Dospinescu   G.,   Cirtoaje   V.,   Lascu   M.   Old   and   new   inequalities.   Gil
Publishing House, 2004. 
3.   Mathematical   Olympiads,   Problems   and   solutions   from   around   the   world,   1998-1999.
Edited by Andreescu T. and Feng Z. Washington. 2000. 
4. Math Links, http://www.mathlinks.ro 
5. Art of Problem Solving, http://www.artofproblemsolving.com 
6. Math Pro Press, http://www.mathpropress.com 
7. K.S.Kedlaya, A<B, http://www.unl.edu/amc/a-activities/a4-for-students/s-index.html 
8. T.J.Mildorf, Olympiad Inequalities,  http://web.mit.edu/tmildorf 
9.   Алфутова   Н.Б.,   Устинов   А.В.   Алгебра   и   теория   чисел.   Сборник   задач   для
математических школ. М .:  МЦНМО , 2002. 
10. А . Engel. Problem-Solving Strategies. Parts 1,2 . Springer-Verlag New York Inc. 1998. 
11.Ayupov   Sh.,   Rihsiyev   B.,   Quchqorov   O.   «Matematika   olimpiadalar   masalalari»   1,2
qismlar.  T.: Fan, 2004 
12.Математические задачи,  http://www.problems.ru 
13. Беккенбах Э., Беллман Р. Неравенства. — М.: Мир, 1965. 
14. Беккенбах Э., Беллман Р. Введение в неравенства. — М.: Мир, 1965. 
15. Коровкин П. П. Неравенства. — Вып. 5. — М.: Наука, 1983. 
16.   «Математика   в   школе»   (Россия),   «Квант»   (Россия),   «Соровский   образовательный
журнал»   (Россия),   “Crux   mathematicorum   with   mathematical   Mayhem”   (Канада),
“Fizika, matematika va informatika” (Ўзбекистон) журналлари. 
46      
47

Tengsizliklarni isbotlashning ba’zi usullari MUNDARIJA Kirish ………………………………………………………………………………3 I-BOB. SONLI TENGSIZLIKLAR 1.1-§. Sonli tengsizliklar va ularning umumiy xossalari ………………… 5 1.2- § . Sonli tengsizliklarga doir olimpiada misollar isboti ……………..7 II-BOB. O’RTA QIYMATLAR VA ULAR O’RTASIDAGI MUNOSABATLAR 2.1-§. O’rta qiymatlar orasidagi munosabatlarning geometrik ma’noda isbotlari ..9 2.2- § . Koshi tengsizligi va uning turli xil isbotlari ……..…………………...……22 2.3- § .Koshi tengsizligi yordamida olimpiada tengsizliklarini yechish…………….29 III-BOB. KOSHI-SHVARS TENGSIZLIGI VA NOSTANDART TENGSIZLIKLAR 3.1-§.Koshi –Shvars tengsizligi va uning turli isbotlari ………………………..35 3.2-§. Koshi –Shvars tengsizligi yordamida olimpiada masalalarini yechish…….39 3.3-§.Nostandart tengsizliklar va ularning turli xil isbotlari…….44 3.4-$.Mustaqil yechish uchun masalalar………………………………. XULOSA …………………………………………………………………….…...46 Foydalanilgan adabiyotlar ro‘yxat …………….………………………………….52 1

Kirish Masalaning dolzarbligi . Ushbu malakaviy bitiruv ishi tengsizliklar va ularning turli xil isbotlarini o’rganish bilan bag’ishlanadi . Tengsizliklarni isbotlashning yangi samarali usullari va ularni qo’llanishiga doir turli matematik olimpiadalardagi masalalar keltirilgan. Umumiy o’rta ta’lim maktablari, akademik litseylar va kasb–hunar kollejlarining iqtidorli o’quvchilari, matematika fani o’qituvchilari hamda pedagogika oliy o’quv yurtlari talabalari uchun mo’ljallangan. Qo’llanmadan sinfdan tashqari mashg’ulotlarda, o’quvchilarni turli matematik musobaqalarga tayyorlash jarayonida foydalanish mumkin. Masalaning qo'yilishi . Malakaviy bitiruv ishida Sonli tengsizliklar va ularning umumiy xossalari va ularga oida olimpiada tengsizliklari yechimlaridan namunalar ,O’rta qiymatlar va ular orasidagi bir nechta munosabatlar va Koshi tengsizligi uning isboti va unga oid bir nechta murakkab olimpiada masalalari .Koshi-Shvars tengsizligi va uning turli xil isbotlari hamda unga oid bir nechta murrakkab masalalarni yechib ko’rish va nostandart masalalalarning qo’yilishi va ularni turli yo’llar bilan hal etish masalari qo’yilgan. Ishning maqsad va vazifalari: Malakaviy bitiruv ishining maqsad va vazifalari tengsizliklarni klasifikatsiya qilish turli tengsizliklarni bir nechta isbotlarini keltirish va maktab darsliklaridagi olimpiada tengsizliklarini bir nechta isbotlrini keltirish va larga doir bir nechta missollardan namunalar keltirib yechish. 2

Ilmiy tadqiqot usullari. Ushbu bitiruv malakaviy ishini bajarish jarayonida tengsizliklarni klasifikatsiyalashning zamonaviy usullaridan keng ma'noda foydalanildi. Ishning ilmiy ahamiyati. Bu ishda olingan nazariy va amaliy bilimlardan o’quvchilarni va talabalarni olimpiadaga tayyorlashda foydalanish mumkin. Ishning amaliy ahamiyati. Bu ishda jamlangan materiallardan doir amaliy masalalarda olimpiada tengsizliklarini yechishda keng ko’lamda foydalanish mumkin. Ishning tuzilishi. Bitiruv ishi kirish qismi, uchta bob, sakkizta paragrafdan iborat. Shunigdek ishning oxirida xulosa va foydanilgan adabiyotlar ro’yxati keltirilgan. Malakaviy bitiruv ishining birinchi bobida tengsizliklarning asosiy tushunchalaridan bo’lgan sonli tengsizliklar haqida umumiy tushunchalar keltirilgan. Malakaviy bitiruv ishining ikkinchi bobida O’rta qiymatlarning asosiy tengsizliklari hamda turli xil masalalarning isbotlari keltirilgan . Malakaviy bitiruv ishining uchinchi bobida Koshi-Shvars tengsizligi va uning turli xil isbotlari keltirilgan . 1$.Sonli Te ngsizlik lar haqida . . 3

Tarif : Agar ayirma musbat son bo’lsa , a soni sondan katta deyiladi va bu munosabatda shaklda yoziladi . ayirma manfiy bo’lsa a soni sonidan kichik deyiladi va shaklda yoziladi . Istalagn va sonlar uchun quyidagi uchta munosabatdan faqat biri o’rinli 1. ; 2. ; 3. Sonli t e ngsizlik lar quyidagi xossalarga e ga : . Agar va bo’lsa bo’ladi . .Agar va bo’lsa bo’ladi ; . Agar va bo’lsa bo’ladi ; Agar va bo’lsa bo’ladi ; Agar va bo’lsa bo’ladi . Agar va bo’lsa bo’ladi ; . va bo’lsa bo’ladi . . Haqiqiy sonning moduli: a haqiqiy sonning moduli orqali belgilanadi va quyidagicha ifodalanadi. 4

geometrik nuqtai nazardan 0 nuqtadan a sonini tasvirlovchi nuqtagacha bo’lgan masofadir. Haqiqiy sonning moduli xossalari: . , ifoda qiymati nolga teng da. . . . . . Te ore ma: a va b haqiqiy sonlar uchun quyidagi tensizlik doim o’rinli bo’ladi . . I sbot . Berilgan tengsizlikni isbotlash uchun tengsizlikni har ikkala tarafini qavs kvadratga oshiramiz . ushbu tengsizlikda quyidagi xulosaga kelamiz bu tengsizlik tabiyki doim o’rinli. Haqiqiy sonlari uchun ning umumiy ko’rinishi 5